Un montañista, con una masa de 70 kg, en cierto momento está detenido en la posición mostrada en la
figura. Determinar:
a) ¿Cuál es el módulo de la tensión en la cuerda?
b) ¿Cuál es el módulo de la fuerza normal ejercida sobre los pies del montañista?
Datos del problema:
- Masa del montañista: m = 70 kg;
- Aceleración de la gravedad: g = 9,8 m/s2.
Esquema del problema:
Las fuerzas que actúan en el sistema son: el peso
\( \vec P \)
del montañista, la tensión
\( \vec T \)
en la cuerda que sostiene al montañista, y la fuerza normal de reacción
\( \vec N \)
de la pared sobre el montañista (Figura 1-A).
La tensión forma un ángulo de 30° con la pared vertical, trazando una línea vertical que pasa por la posición
del montañista. El ángulo entre la fuerza de tensión y la vertical en la posición del montañista también es
de 30°, ya que son ángulos alternos internos (Figura 1-B).
Solución:
Dibujamos las fuerzas en un sistema de ejes
xy y descomponemos las fuerzas en esas direcciones
(Figura 2). El peso
\( \vec P \)
tiene solo el componente en la dirección
y negativa. La tensión
\( \vec T \)
tiene el componente
\( {\vec T}_x \)
en la dirección
x negativa y el componente
\( {\vec T}_y \)
en la dirección
y positiva. La fuerza normal de reacción
\( \vec N \)
tiene el componente
\( {\vec N}_x \)
en la dirección
x positiva y el componente
\( {\vec N}_y \)
en la dirección
y positiva.
Como el sistema está en equilibrio, la resultante de las fuerzas que actúan sobre él es igual a cero.
\[
\begin{gather}
\bbox[#99CCFF,10px]
{\sum\vec F=0}
\end{gather}
\]
\[
\begin{gather}
\vec T+\vec N+\vec P=0\\[5pt]
-{\vec T}_x+{\vec T}_y+{\vec N}_x+{\vec N}_y-\vec P=0 \tag{I}
\end{gather}
\]
La componente de la fuerza de tensión en la dirección
x está dada por
\[
\begin{gather}
T_x=T\operatorname{sen}30° \tag{II}
\end{gather}
\]
Observación: a diferencia de lo que se hace habitualmente, donde el ángulo se mide respecto
al eje-x y la componente en esa dirección es proporcional al coseno, el ángulo fue medido respecto
al eje-y y la componente es proporcional al seno del ángulo.
La componente de la fuerza normal de reacción en la dirección
x está dada por
\[
\begin{gather}
N_x=N\cos 15° \tag{III}
\end{gather}
\]
El peso no tiene componente en la dirección
x.
La componente de la tensión en la dirección
y está dada por
\[
\begin{gather}
T_y=T\cos 30° \tag{IV}
\end{gather}
\]
La componente de la fuerza normal de reacción en la dirección
y está dada por
\[
\begin{gather}
N_y=N\operatorname{sen}15° \tag{V}
\end{gather}
\]
El peso está dado por
\[
\begin{gather}
\bbox[#99CCFF,10px]
{P=mg} \tag{VU}
\end{gather}
\]
Sustituyendo las ecuaciones (II), (III), (IV), (V) y (VI) en la ecuación (I) y separando las componentes en
las direcciones
x y
y
\[
\begin{gather}
-T\operatorname{sen}30°+N\cos 15°=0
\end{gather}
\]
\[
\begin{gather}
T\cos 30°+N\operatorname{sen}15°-mg=0
\end{gather}
\]
De la
Trigonometría
\( \cos 30°=\dfrac{\sqrt{3\;}}{2}=0,8660 \),
\( \operatorname{sen}30°=\dfrac{1}{2}=0,5000 \),
\( \cos 15°=0,9659 \),
\( \operatorname{sen}15°=0,2588 \).
\[
\begin{gather}
\left\{
\begin{array}{l}
-0,5000T+0,9659N=0\\
0,8660T+0,2588N-70\times 9,8=0
\end{array}
\right. \\[10pt]
\left\{
\begin{matrix}
-0,5000T+0,9659N=0\\
0,8660T+0,2588N=686
\end{matrix}
\right.
\end{gather}
\]
Este es un sistema de dos ecuaciones con dos incógnitas (
T y
N). Aislando el valor de
T
en la primera ecuación del sistema y sustituyéndolo en la segunda ecuación
\[
\begin{gather}
-0,5000T+0,9659N=0\\[5pt]
0,5000T=0,9659N\\[5pt]
T=\frac{0,9659}{0,5000}\;N\\[5pt]
T=1,9318N \tag{VII}
\end{gather}
\]
\[
\begin{gather}
0,8660\times1,9318N+0,2588N=686\\[5pt]
1,6729N+0,2588N=686\\[5pt]
N=\frac{686}{1,9318}
\end{gather}
\]
\[
\begin{gather}
\bbox[#FFCCCC,10px]
{N\approx 355,10\;\mathrm N}
\end{gather}
\]
sustituyendo este valor de la fuerza de reacción normal en la ecuación (VII), obtenemos el valor de la tensión
\[
\begin{gather}
T=1,9318\times 355,1
\end{gather}
\]
\[
\begin{gather}
\bbox[#FFCCCC,10px]
{T\approx 685,98\;\mathrm N}
\end{gather}
\]